Clase 11 Soluciones NCERT – Capítulo 3 Función trigonométrica – Ejercicio 3.3 | Serie 1

Pruebalo:

Pregunta 1: sen 2\frac{\pi}{6}  + cos 2\frac{\pi}{3}  – tan 2\frac{\pi}{4}  =-\frac{1}{2}

Solución: 

Teniendo en cuenta LHS, obtenemos

= sen 2\frac{\pi}{6}  + cos 2\frac{\pi}{3}  – tan 2\frac{\pi}{4}

Sustituyendo los valores,

=(\frac{1}{2})^2 + (\frac{1}{2})^2 - (1)^2

= \frac{1}{2}  – 1

=-\frac{1}{2}

Por lo tanto, LHS = RHS

Pregunta 2: 2sen 2\frac{\pi}{6}  + cosec 2\frac{7\pi}{6}  cos 2\frac{\pi}{3}  =\frac{3}{2}

Solución: 

Teniendo en cuenta LHS, obtenemos

= 2sen 2\frac{\pi}{6}  +coseg 2(\pi + \frac{\pi}{6})  cos 2\frac{\pi}{3}

= 2sen 2\frac{\pi}{6}  + (- cosec \frac{\pi}{6})^2  cos 2\frac{\pi}{3}

Sustituyendo los valores,

=2(\frac{1}{2})^2 + ((-2)^2) (\frac{1}{2})^2

= 2 (\frac{1}{4})  + 4(\frac{1}{4})

= \frac{1}{2}  + 1

=\frac{3}{2}

Por lo tanto, LHS = RHS

Pregunta 3: cot 2\frac{\pi}{6}  + cosec \frac{5\pi}{6}  + 3tan 2\frac{\pi}{6}  = 6

Solución: 

Teniendo en cuenta LHS, obtenemos

= cot 2\frac{\pi}{6}  + cosec (\pi - \frac{\pi}{6})  + 3tan 2\frac{\pi}{6}

= cot 2\frac{\pi}{6}  + cosec \frac{\pi}{6}  + 3tan 2\frac{\pi}{6}

Sustituyendo los valores,

= (√3) 2 + 2 + 3(\frac{1}{\sqrt{3}})^2

= 3 + 2 + 3(\frac{1}{3})

= 6

Por lo tanto, LHS = RHS

Pregunta 4: 2sen 2\frac{3\pi}{4}  + 2cos 2\frac{\pi}{4}  + 2sec 2\frac{\pi}{3}  = 10

Solución: 

Teniendo en cuenta LHS, obtenemos

= 2sen 2(\pi - \frac{\pi}{4})  + 2cos 2\frac{\pi}{4}  + 2seg 2\frac{\pi}{3}

= 2sen 2\frac{\pi}{4}  + 2cos 2\frac{\pi}{4}  + 2seg 2\frac{\pi}{3}

Sustituyendo los valores,

=2(\frac{1}{\sqrt{2}})^2 + 2(\frac{1}{\sqrt{2}})^2 + 2(2)^2

= 2 (\frac{1}{2}) + 2(\frac{1}{2})  + 2(4)

= 1 + 1 + 8

= 10

Por lo tanto, LHS = RHS

Pregunta 5: Encuentra el valor de:

(i) sen 75°

Solución: 

Como no conocemos el valor del ángulo de 75°, dividiremos los ángulos que conocemos.

75° = 30° + 45°, entonces usemos esto y resolvamos para sin(30° + 45°)

Usando la fórmula trigonométrica,

sen (A+B) = sen A cos B + cos A sen B

sen(30° + 45°) = sen 30° cos 45° + cos 30° sen 45°

Sustituyendo valores, obtenemos

pecado(75°) =(\frac{1}{2}) (\frac{1}{\sqrt{2}}) + (\frac{\sqrt{3}}{2}) (\frac{1}{\sqrt{2}})

pecado(75°) =(\frac{1}{2\sqrt{2}}) + (\frac{\sqrt{3}}{2\sqrt{2}})

pecado(75°) =(\frac{1+\sqrt{3}}{2\sqrt{2}})

(ii) tan 15°

Solución: 

Como no conocemos el valor del ángulo de 15°, dividiremos los ángulos que conocemos.

15° = 60° – 45° o 45° – 30° así que usemos esto y resolvamos para tan(45° – 30°)

Usando la fórmula trigonométrica,

bronceado (AB) =\mathbf{\frac{tan A-tan B}{1+tan A tan B}}

tan(45° – 30°) =\frac{tan 45\degree-tan 30\degree}{1+tan 45\degree tan 30\degree}

Sustituyendo valores, obtenemos

bronceado(15°) =\frac{1-\frac{1}{\sqrt{3}}}{1+(1)(\frac{1}{\sqrt{3}})}

bronceado(15°) =\frac{\frac{\sqrt{3}-1}{\sqrt{3}}}{\frac{\sqrt{3}+1}{\sqrt{3}}}

bronceado(15°) =\frac{\sqrt{3}-1}{\sqrt{3}+1}

Ahora racionalizando el denominador, multiplica y divide por(\sqrt{3}-1)

bronceado(15°) =\frac{\sqrt{3}-1}{\sqrt{3}+1} \times \frac{\sqrt{3}-1}{\sqrt{3}-1}

bronceado(15°) =\frac{(\sqrt{3}-1)^2}{(\sqrt{3})^2-1^2}

bronceado(15°) =\frac{(\sqrt{3})^2+1^2 - 2(\sqrt{3})(1)}{3-1}

bronceado(15°) =\frac{3+1 - 2\sqrt{3}}{2}

bronceado(15°) =\frac{4 - 2\sqrt{3}}{2}

tan(15°) = 2 –\sqrt{3}

Demuestra lo siguiente:

Pregunta 6: cos (\frac{\pi}{4}-x)cos (\frac{\pi}{4}-y)- sin (\frac{\pi}{4}-x)sin (\frac{\pi}{4}-y)  = sen (x+y)

Solución: 

Teniendo en cuenta LHS, obtenemos

=cos (\frac{\pi}{4}-x)cos (\frac{\pi}{4}-y)- sin (\frac{\pi}{4}-x)sin (\frac{\pi}{4}-y)

Como aquí hay una multiplicación de cos cos y sin sin, usaremos las fórmulas de desfactorización,

2 cos A cos B = cos (A+B) + cos (AB) y, ……………….(1)

2 sen A sen B = cos (AB) – cos (A+B) ……………….(2)

Multiplica y divide LHS por 2, obtenemos

=\frac{2}{2}(cos (\frac{\pi}{4}-x)cos (\frac{\pi}{4}-y)- sin (\frac{\pi}{4}-x)sin (\frac{\pi}{4}-y))

=\frac{1}{2}(2 cos (\frac{\pi}{4}-x)cos (\frac{\pi}{4}-y)- 2 sin (\frac{\pi}{4}-x)sin (\frac{\pi}{4}-y))

Restando (2) de (1) y usando fórmulas de identidad, obtenemos

2 cos A cos B – 2 sen A sen B = cos (A+B) + cos (AB) – (cos (AB) – cos (A+B))

2 cos A cos B – 2 sen A sen B = 2 cos (A+B)

Por lo tanto, usando este

=\frac{1}{2}[2 cos ((\frac{\pi}{4}-x)+ (\frac{\pi}{4}-y))]

= porque(\frac{2\pi}{4}-x-y)

= porque(\frac{\pi}{2}-(x+y))

= sen (x+y) (As cos (\frac{\pi}{2}-\theta)  = sen θ)

Por lo tanto, LHS = RHS

Pregunta 7:\frac{tan(\frac{\pi}{4}+x)}{tan(\frac{\pi}{4}-x)} = (\frac{1+tan x}{1-tan x})^2

Solución: 

Teniendo en cuenta LHS, obtenemos

\frac{tan(\frac{\pi}{4}+x)}{tan(\frac{\pi}{4}-x)}

Como, usando fórmulas de factorización de tan, tenemos

tan (A+B) =\mathbf{\frac{tan A + tan B}{1 - tan A tan B}}  y,

bronceado (AB) =\mathbf{\frac{tan A - tan B}{1 + tan A tan B}}

Ahora, reemplazando los valores

=\frac{\frac{tan (\frac{\pi}{4}) + tan x}{1 - tan (\frac{\pi}{4}) tan x}}{\frac{tan (\frac{\pi}{4}) - tan x}{1 + tan (\frac{\pi}{4}) tan x}}

=\frac{\frac{1 + tan x}{1 - (1) tan x}}{\frac{1 - tan x}{1 + (1) tan x}}

=\frac{1 + tan x}{1 - tan x} \times \frac{1 + tan x}{1 - tan x}

=(\frac{1 + tan x}{1 - tan x})^2

Por lo tanto, LHS = RHS

Pregunta 8: \frac{cos(\pi + x)\hspace{0.1cm}cos(-x)}{sin (\pi-x) \hspace{0.1cm}cos(\frac{\pi}{2}+x)}  = cuna 2 x

Solución: 

Teniendo en cuenta LHS, obtenemos

=\frac{cos(\pi + x)\hspace{0.1cm}cos(-x)}{sin (\pi-x) \hspace{0.1cm}cos(\frac{\pi}{2}+x)}

Como conocemos estos valores estándar

cos(-x) = cos x

cos (\pi + x)  = – cos x

pecado (\pi-x)  = pecado x

cos (\frac{\pi}{2} + x)  = – sen x

Sustituyendo estos valores, tenemos

=\frac{(-cos x)\hspace{0.1cm}cos x}{sin x \hspace{0.1cm}(- sin x)}

=\frac{cos^2 x}{sin^2 x}

= cuna 2 x

Por lo tanto, LHS = RHS

Pregunta 9: cos (\frac{3\pi}{2}+x)\hspace{0.1cm}cos (2\pi+x)[\hspace{0.1cm}cot (\frac{3\pi}{2}-x)+cot(2\pi+x)]  = 1

Solución: 

Teniendo en cuenta LHS, obtenemos

=cos (\frac{3\pi}{2}+x)\hspace{0.1cm}cos (2\pi+x)[\hspace{0.1cm}cot (\frac{3\pi}{2}-x)+cot(2\pi+x)]

Como conocemos estos valores estándar

cos (\frac{3\pi}{2}+x)  = sen x

cos (2\pi + x)  = cos x

cuna (2\pi + x)  = cuna x

cuna (\frac{3\pi}{2}-x)  = bronceado x

Sustituyendo los valores, tenemos

=sin x\hspace{0.1cm}cos x[\hspace{0.1cm}tan x + cot x]

=sin x\hspace{0.1cm}cos x[\frac{sin x}{cos x} + \frac{cos x}{sin x}]

=sin x\hspace{0.1cm}cos x[\frac{sin^2 x + cos^2 x}{sin x \hspace{0.1cm}cos x}]

Como sen 2 x + cos 2 x = 1

= 1

Por lo tanto, LHS = RHS

Pregunta 10: sin(n + 1)x sin(n + 2)x + cos(n + 1)x cos(n + 2)x = cos x

Solución: 

Teniendo en cuenta LHS, obtenemos

= sen(n + 1)x sen(n + 2)x + cos(n + 1)x cos(n + 2)x

Como aquí hay una multiplicación de cos cos y sin sin, usaremos las fórmulas de desfactorización,

2 cos A cos B = cos (A+B) + cos (AB) y , ……………….(1)

2 sen A sen B = cos (AB) – cos (A+B) ……………….(2)

Multiplica y divide LHS por 2, obtenemos

= \frac{2}{2}  (sen(n + 1)x sen(n + 2)x + cos(n + 1)x cos(n + 2)x)

= \frac{1}{2}  (2 sen(n + 1)x sen(n + 2)x + 2 cos(n + 1)x cos(n + 2)x)

Sumando (1) y (2) y usando fórmulas de identidad, obtenemos

2 cos A cos B + 2 sen A sen B = cos (A+B) + cos (AB) + cos (AB) – cos (A+B)

2 cos A cos B + 2 sen A sen B = 2 cos (AB)

Por lo tanto, usando este

= \frac{1}{2}  (2 cos((n + 1)x – (n + 2)x))

= cos((n + 1)x – (n + 2)x)

= coseno (x-2x)

= coseno (- x)

= cos x (As, cos(-x) = cos x)

Por lo tanto, LHS = RHS

Pregunta 11: cos (\frac{3\pi}{4}+x)-cos (\frac{3\pi}{4}-x)  = – \sqrt{2}  sen x

Solución: 

Teniendo en cuenta LHS, obtenemos

=cos (\frac{3\pi}{4}+x)-cos (\frac{3\pi}{4}-x)

Usando la identidad,

cos A – cos B = 2 sen \mathbf{(\frac{A+B}{2})}  sen\mathbf{(\frac{B-A}{2})}

Sustituyendo los valores,

=2 sin (\frac{(\frac{3\pi}{4}-x)+(\frac{3\pi}{4}+x)}{2}) sin (\frac{(\frac{3\pi}{4}-x)-(\frac{3\pi}{4}+x)}{2})

= 2 pecado (\frac{6\pi}{4\times 2})  pecado(\frac{(-x-x)}{2})

= 2 sen (\frac{3\pi}{4})  sen (-x)

= 2 sen (\pi - \frac{\pi}{4})  sen (-x)

= 2 ( pecado (\frac{\pi}{4})  ) pecado (-x)

= 2 (\frac{1}{\sqrt{2}})  (- sen x)

=\frac{-2 sin x}{\sqrt{2}}

Racionalizando el denominador, multiplicando y dividiendo por\sqrt{2}

=\frac{-2 sin x}{\sqrt{2}} \times \frac{\sqrt{2}}{\sqrt{2}}

=\frac{-2 \sqrt{2} \hspace{0.1cm}sin x}{(\sqrt{2})^2}

=\frac{-2 \sqrt{2}\hspace{0.1cm} sin x}{2}

= -\sqrt{2}  sen x

Por lo tanto, LHS = RHS

Pregunta 12: sen 2 6x – sen 2 4x = sen 2x sen 10x

Solución: 

Teniendo en cuenta LHS, obtenemos

= sen 2 6x – sen 2 4x

= sen 6x sen 6x – sen 4x sen 4x

Como aquí hay multiplicación de sin sin, usaremos fórmulas de desfactorización,

2 sen A sen B = cos (AB) – cos (A+B)

Multiplica y divide LHS por 2, obtenemos

= \frac{2}{2}  (sen 6x sen 6x – sen 4x sen 4x)

= \frac{1}{2}  (2 sen 6x sen 6x – 2 sen 4x sen 4x)

Usando la identidad, podemos simplificar

= \frac{1}{2}  [(cos(6x-6x) – cos(6x+6x)) – (cos(4x-4x) – cos(4x+4x))]

= \frac{1}{2}  [(cos(0) – cos(12x)) – (cos(0) – cos(8x))]

= \frac{1}{2}  [1 – cos(12x) – 1 + cos(8x)] (As, cos 0 = 1)

= \frac{1}{2}  [cos(8x) – cos(12x)]

Ahora, usando la identidad

cos A – cos B = 2 sen \mathbf{(\frac{A+B}{2})}  sen\mathbf{(\frac{B-A}{2})}

Sustituyendo los valores, tenemos

=\frac{1}{2}[2 \hspace{0.1cm}sin (\frac{8x+12x}{2}) \hspace{0.1cm}sin (\frac{12x-8x}{2})]

= pecado (\frac{20x}{2})  pecado(\frac{4x}{2})

= sen (10 x) sen (2x)

Por lo tanto, LHS = RHS

Pregunta 13: cos 2 2x – cos 2 6x = sen 4x sen 8x

Solución: 

Teniendo en cuenta LHS, obtenemos

= cos 2 2x – cos 2 6x

= cos 2x cos 2x – cos 6x cos 6x

Como aquí hay multiplicación de cos cos, usaremos fórmulas de desfactorización,

2 cos A cos B = cos (A+B) + cos (AB)

Multiplica y divide LHS por 2, obtenemos

= \frac{2}{2}  (cos 2x cos 2x – cos 6x cos 6x)

= \frac{1}{2}  (2 cos 2x cos 2x – 2 cos 6x cos 6x)

Usando la identidad, podemos simplificar

= \frac{1}{2}  [(cos(2x+2x) + cos(2x-2x)) – (cos(6x+6x) + cos(6x-6x))]

= \frac{1}{2}  [(cos(2x+2x) + cos(0)) – (cos(6x+6x) + cos(0))]

= \frac{1}{2}  [(cos(4x) + 1 – cos(12x) – 1)] (As, cos 0 = 1)

= \frac{1}{2}  [cos(4x) – cos(12x)]

Ahora, usando la identidad

cos A – cos B = 2 sen \mathbf{(\frac{A+B}{2})}  sen\mathbf{(\frac{B-A}{2})}

Sustituyendo los valores, tenemos

=\frac{1}{2}[2 \hspace{0.1cm}sin (\frac{4x+12x}{2}) \hspace{0.1cm}sin (\frac{12x-4x}{2})]

= pecado (\frac{16x}{2})  pecado(\frac{8x}{2})

= sen (8x) sen (4x)

Por lo tanto, LHS = RHS

Pregunta 14: sen 2x + 2 sen 4x + sen 6x = 4 cos 2 x sen 4x

Solución: 

Teniendo en cuenta LHS, obtenemos

sen 2x + 2 sen 4x + sen 6x

Después de reorganizar, tenemos

= (sen 2x + sen 6x) + 2 sen 4x

Usando la identidad, podemos simplificar

sen A+ sen B = 2 sen \mathbf{(\frac{A+B}{2})}  cos\mathbf{(\frac{A-B}{2})}

= 2 sen (\frac{6x+2x}{2})  cos (\frac{6x-2x}{2})  + 2 sen 4x

= 2 sen (\frac{8x}{2})  cos (\frac{4x}{2})  + 2 sen 4x

= 2 sen (4x) cos (2x) + 2 sen 4x

Tomando (2 sen 4x), tenemos

= 2 sen (4x) (cos (2x) + 1)

= 2 sen (4x) (2 cos 2 x – 1 + 1) (As, cos 2θ = 2 cos 2 θ – 1 )

= 2 sen (4x) (2 cos 2 x)

= 4 sen (4x) cos 2 x

Por lo tanto, LHS = RHS

Publicación traducida automáticamente

Artículo escrito por _shinchancode y traducido por Barcelona Geeks. The original can be accessed here. Licence: CCBY-SA

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